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IAL 2021 June FP3 Q6

A Level / Edexcel / FP3

IAL 2021 June Paper · Question 6

题目

Problem

The lines l1l_1 and l2l_2 have equations

l1:r=i+j+k+λ(i+3k)l_1 : \mathbf{r} = \mathbf{i} + \mathbf{j} + \mathbf{k} + \lambda(\mathbf{i} + 3\mathbf{k})

and

l2:r=2i+sj+μ(i−2j+k)l_2 : \mathbf{r} = 2\mathbf{i} + s\mathbf{j} + \mu(\mathbf{i} - 2\mathbf{j} + \mathbf{k})

where ss is a constant and λ\lambda and μ\mu are scalar parameters.

Given that l1l_1 and l2l_2 both lie in a common plane Π1\Pi_1,

(a) show that an equation for Π1\Pi_1 is 3x+y−z=33x + y - z = 3.

(b) find the value of ss.

The plane Π2\Pi_2 has equation

r⋅(i+j−2k)=3.\mathbf{r}\cdot(\mathbf{i} + \mathbf{j} - 2\mathbf{k}) = 3.

(c) Find an equation for the line of intersection of Π1\Pi_1 and Π2\Pi_2.

(d) Find the acute angle between Π1\Pi_1 and Π2\Pi_2, giving your answer in degrees to 3 significant figures.

(13)
题目中文翻译

直线 l1l_1 和 l2l_2 的方程为

l1:r=i+j+k+λ(i+3k)l_1 : \mathbf{r} = \mathbf{i} + \mathbf{j} + \mathbf{k} + \lambda(\mathbf{i} + 3\mathbf{k})

以及

l2:r=2i+sj+μ(i−2j+k)l_2 : \mathbf{r} = 2\mathbf{i} + s\mathbf{j} + \mu(\mathbf{i} - 2\mathbf{j} + \mathbf{k})

其中 ss 为常数，λ\lambda 和 μ\mu 为标量参数。

已知 l1l_1 和 l2l_2 都位于同一平面 Π1\Pi_1 中，

(a) 证明 Π1\Pi_1 的方程为 3x+y−z=33x + y - z = 3。

(b) 求 ss 的值。

平面 Π2\Pi_2 的方程为

r⋅(i+j−2k)=3\mathbf{r}\cdot(\mathbf{i} + \mathbf{j} - 2\mathbf{k}) = 3

(c) 求 Π1\Pi_1 和 Π2\Pi_2 的交线方程。

(d) 求 Π1\Pi_1 和 Π2\Pi_2 的锐角，并将答案以度为单位写到 3 位有效数字。

解答

(a)

解法一

思路

展开

平面同时包含两条直线，因此两条直线的方向向量都平行于平面。用这两个方向向量作叉积即可得到平面的法向量，再代入 l1l_1 上一点确定常数项。

答题过程

展开

The direction vectors of l1l_1 and l2l_2 are

d1=(103),d2=(1−21).\mathbf{d}_1=\begin{pmatrix}1\\0\\3\end{pmatrix}, \qquad \mathbf{d}_2=\begin{pmatrix}1\\-2\\1\end{pmatrix}.

Hence a normal vector to Π1\Pi_1 is

d1×d2= ∣ijk1031−21∣= 6i+2j−2k= 2(3i+j−k).\begin{align*} \mathbf{d}_1\times\mathbf{d}_2 =&\, \begin{vmatrix} \mathbf{i}&\mathbf{j}&\mathbf{k}\\ 1&0&3\\ 1&-2&1 \end{vmatrix}\\[4mm] =&\,6\mathbf{i}+2\mathbf{j}-2\mathbf{k}\\[4mm] =&\,2(3\mathbf{i}+\mathbf{j}-\mathbf{k}). \end{align*}

Therefore an equation of Π1\Pi_1 has the form

3x+y−z=d.3x+y-z=d.

The point (1,1,1)(1,1,1) lies on l1l_1, so it also lies on Π1\Pi_1. Thus

d=3(1)+1−1=3.d=3(1)+1-1=3.

Therefore

3x+y−z=3.\boxed{3x+y-z=3}.

解法二

思路

展开

官方评分资料还允许直接写出平面的参数式。平面经过 l1l_1 上的点 (1,1,1)(1,1,1)，并平行于两条直线的方向向量；由此写出 x,y,zx,y,z 后消去两个参数。

答题过程

展开

A vector equation of Π1\Pi_1 is

r=i+j+k+λ(i+3k)+μ(i−2j+k).\mathbf{r} =\mathbf{i}+\mathbf{j}+\mathbf{k} +\lambda(\mathbf{i}+3\mathbf{k}) +\mu(\mathbf{i}-2\mathbf{j}+\mathbf{k}).

Therefore

x=1+λ+μ,y=1−2μ,z=1+3λ+μ.x=1+\lambda+\mu, \qquad y=1-2\mu, \qquad z=1+3\lambda+\mu.

These equations give

3x+y−z= 3(1+λ+μ)+(1−2μ) −(1+3λ+μ)= 3.\begin{align*} 3x+y-z =&\,3(1+\lambda+\mu)+(1-2\mu)\\[4mm] &\,\hspace{2pt}-(1+3\lambda+\mu)\\[4mm] =&\,3. \end{align*}

Hence

3x+y−z=3.\boxed{3x+y-z=3}.

(b)

解法一

思路

展开

取 l2l_2 上参数 μ=0\mu=0 对应的点 (2,s,0)(2,s,0)。由于整条直线位于 Π1\Pi_1 内，这一点必须满足 (a) 中的平面方程。

答题过程

展开

When μ=0\mu=0, the point (2,s,0)(2,s,0) lies on l2l_2 and hence on Π1\Pi_1.

Substituting this point into 3x+y−z=33x+y-z=3 gives

3(2)+s−0=3.3(2)+s-0=3.

Therefore

s=−3.\boxed{s=-3}.

(c)

解法一

思路

展开

两平面的交线同时垂直于两个法向量，所以交线方向向量可由两个法向量的叉积求得。再联立平面方程找交线上的一点。

答题过程

展开

The normal vectors of Π1\Pi_1 and Π2\Pi_2 are

n1=(31−1),n2=(11−2).\mathbf{n}_1=\begin{pmatrix}3\\1\\-1\end{pmatrix}, \qquad \mathbf{n}_2=\begin{pmatrix}1\\1\\-2\end{pmatrix}.

A direction vector of their line of intersection is

n2×n1= ∣ijk11−231−1∣= i−5j−2k.\begin{align*} \mathbf{n}_2\times\mathbf{n}_1 =&\, \begin{vmatrix} \mathbf{i}&\mathbf{j}&\mathbf{k}\\ 1&1&-2\\ 3&1&-1 \end{vmatrix}\\[4mm] =&\,\mathbf{i}-5\mathbf{j}-2\mathbf{k}. \end{align*}

Set x=0x=0. The two plane equations become

y−z=3,y−2z=3.y-z=3, \qquad y-2z=3.

Subtracting gives z=0z=0, and hence y=3y=3. Thus (0,3,0)(0,3,0) is on the line.

Therefore an equation of the line of intersection is

r=3j+t(i−5j−2k),t∈R.\boxed{\mathbf{r}=3\mathbf{j} +t(\mathbf{i}-5\mathbf{j}-2\mathbf{k})}, \qquad t\in\mathbb{R}.

解法二

思路

展开

也可以直接联立两个平面的 Cartesian 方程，先消去一个变量，再令余下一个变量为参数。这是官方评分资料列出的替代路线。

答题过程

展开

The two plane equations are

3x+y−z=3,x+y−2z=3.3x+y-z=3, \qquad x+y-2z=3.

Subtracting the second equation from the first gives

2x+z=0,2x+z=0,

so z=−2xz=-2x. Substitution into x+y−2z=3x+y-2z=3 gives

x+y+4x=3,x+y+4x=3,

and hence y=3−5xy=3-5x.

Letting x=tx=t,

(x,y,z)=(t,3−5t,−2t).(x,y,z)=(t,3-5t,-2t).

Therefore

r=3j+t(i−5j−2k),t∈R.\boxed{\mathbf{r}=3\mathbf{j} +t(\mathbf{i}-5\mathbf{j}-2\mathbf{k})}, \qquad t\in\mathbb{R}.

(d)

解法一

思路

展开

两平面的锐夹角等于两个法向量的锐夹角。使用点积公式求其余弦，并取锐角。

答题过程

展开

Let θ\theta be the acute angle between the planes. Then

cos⁡θ= ∣n1⋅n2∣∣n1∣∣n2∣= ∣3(1)+1(1)+(−1)(−2)∣32+12+(−1)212+12+(−2)2= 666.\begin{align*} \cos\theta =&\,\frac{|\mathbf{n}_1\cdot\mathbf{n}_2|} {|\mathbf{n}_1||\mathbf{n}_2|}\\[4mm] =&\,\frac{|3(1)+1(1)+(-1)(-2)|} {\sqrt{3^2+1^2+(-1)^2}\sqrt{1^2+1^2+(-2)^2}}\\[4mm] =&\,\frac{6}{\sqrt{66}}. \end{align*}

Therefore

θ=cos⁡−1 ⁣(666)=42.4∘(3 s.f.).\theta=\cos^{-1}\!\left(\frac{6}{\sqrt{66}}\right) =42.4^\circ \quad \text{(3 s.f.)}.

Hence the acute angle is

42.4∘.\boxed{42.4^\circ}.

解法二

思路

展开

官方替代解法使用叉积求夹角的正弦。因为题目明确要求锐角，所以由正弦反求时选择锐角值。

答题过程

展开

From part (c),

∣n1×n2∣=∣i−5j−2k∣=30.|\mathbf{n}_1\times\mathbf{n}_2| =|\mathbf{i}-5\mathbf{j}-2\mathbf{k}| =\sqrt{30}.

Hence

sin⁡θ= ∣n1×n2∣∣n1∣∣n2∣= 30116= 5511.\begin{align*} \sin\theta =&\,\frac{|\mathbf{n}_1\times\mathbf{n}_2|} {|\mathbf{n}_1||\mathbf{n}_2|}\\[4mm] =&\,\frac{\sqrt{30}}{\sqrt{11}\sqrt6}\\[4mm] =&\,\frac{\sqrt{55}}{11}. \end{align*}

Since θ\theta is acute,

θ=sin⁡−1 ⁣(5511)=42.4∘(3 s.f.).\theta=\sin^{-1}\!\left(\frac{\sqrt{55}}{11}\right) =\boxed{42.4^\circ} \quad \text{(3 s.f.)}.